6.4 Matematisk modellering

a) Kostnaden består av fast del (startgebyr) og variabel del (pris per km):
$$K(x) = 50 + 15x$$

b) For $x = 8$ km:
$$K(8) = 50 + 15 \cdot 8 = 50 + 120 = 170 \text{ kr}$$

c) Løyser $K(x) = 200$:
$$50 + 15x = 200$$
$$15x = 150$$
$$x = 10 \text{ km}$$

a) Bakteriane doblar seg kvar 3. time, så vekstfaktoren per time er:
$$b = 2^{1/3} = \sqrt[3]{2} \approx 1{,}26$$

Modellen blir:
$$N(t) = 1000 \cdot 2^{t/3}$$

eller ekvivalent: $N(t) = 1000 \cdot e^{(\ln 2/3) \cdot t} = 1000 \cdot e^{0{,}231t}$

b) Etter 12 timar:
$$N(12) = 1000 \cdot 2^{12/3} = 1000 \cdot 2^4 = 1000 \cdot 16 = 16\,000$$

c) Løyser $N(t) = 1\,000\,000$:
$$1000 \cdot 2^{t/3} = 1\,000\,000$$
$$2^{t/3} = 1000$$
$$\frac{t}{3} = \log_2 1000 = \frac{\ln 1000}{\ln 2} \approx 9{,}97$$
$$t \approx 29{,}9 \text{ timar}$$

a) Med halveringstid $T_{1/2} = 5730$ år får vi:
$$N(t) = N_0 \cdot \left(\frac{1}{2}\right)^{t/5730}$$

eller med $e$-form: $N(t) = N_0 \cdot e^{-\lambda t}$ der $\displaystyle \lambda = \frac{\ln 2}{5730} \approx 0{,}000121$

b) Når $N(t) = 0{,}25 N_0$:
$$\left(\frac{1}{2}\right)^{t/5730} = 0{,}25 = \frac{1}{4} = \left(\frac{1}{2}\right)^2$$
$$\frac{t}{5730} = 2$$
$$t = 11\,460 \text{ år}$$

Fossilet er ca. 11 500 år gammalt.

a) Toppen blir nådd når $h'(t) = 0$:
$$h'(t) = 20 - 9{,}8t = 0$$
$$t = \frac{20}{9{,}8} \approx 2{,}04 \text{ s}$$

b) Maksimalhøgda:
$$h(2{,}04) = 20 \cdot 2{,}04 - 4{,}9 \cdot 2{,}04^2$$
$$= 40{,}8 - 20{,}4 \approx 20{,}4 \text{ m}$$

c) Ballen treffer bakken når $h(t) = 0$:
$$20t - 4{,}9t^2 = 0$$
$$t(20 - 4{,}9t) = 0$$
$$t = 0 \text{ (start) eller } t = \frac{20}{4{,}9} \approx 4{,}08 \text{ s}$$

a)
- Middelverdi: $\displaystyle D = \frac{-5 + 15}{2} = 5°C$
- Amplitude: $\displaystyle A = \frac{15 - (-5)}{2} = 10°C$
- Periode: 12 månader, så $\displaystyle \omega = \frac{2\pi}{12} = \frac{\pi}{6}$
- Faseforskyving: Minimum i januar ($t = 1$), så:
- For sinus: minimum når argumentet er $\displaystyle -\frac{\pi}{2}$
- $\displaystyle \frac{\pi}{6} \cdot 1 + \varphi = -\frac{\pi}{2}$
- $\displaystyle \varphi = -\frac{\pi}{2} - \frac{\pi}{6} = -\frac{2\pi}{3}$

Modellen:
$$T(t) = 10\sin\left(\frac{\pi t}{6} - \frac{2\pi}{3}\right) + 5$$

b) I april ($t = 4$):
$$T(4) = 10\sin\left(\frac{4\pi}{6} - \frac{2\pi}{3}\right) + 5 = 10\sin(0) + 5 = 5°C$$

a) Frå $T^2 = k \cdot r^3$ og data for jorda ($T = 1$, $r = 1$):
$$1^2 = k \cdot 1^3 \Rightarrow k = 1$$

Altså: $T^2 = r^3$, som gir:
$$T = r^{3/2}$$

b) For Mars med $r = 1{,}52$ AU:
$$T = (1{,}52)^{3/2} = \sqrt{1{,}52^3} = \sqrt{3{,}51} \approx 1{,}87 \text{ år}$$

(Den faktiske omløpstida for Mars er 1,88 år - modellen stemmer godt!)

a) Ved $t = 0$:
$$I(0) = \frac{50\,000}{1 + 999 \cdot e^0} = \frac{50\,000}{1000} = 50 \text{ personar}$$

b) Halvparten smitta tyder $I(t) = 25\,000$:
$$\frac{50\,000}{1 + 999 \cdot e^{-0{,}3t}} = 25\,000$$
$$1 + 999 \cdot e^{-0{,}3t} = 2$$
$$e^{-0{,}3t} = \frac{1}{999}$$
$$-0{,}3t = \ln\left(\frac{1}{999}\right) = -\ln(999)$$
$$t = \frac{\ln(999)}{0{,}3} \approx \frac{6{,}91}{0{,}3} \approx 23 \text{ dagar}$$

c) Veksthastigheita er $I'(t)$. Ved $t = 20$:
$$I(20) = \frac{50\,000}{1 + 999 \cdot e^{-6}} \approx \frac{50\,000}{1 + 2{,}47} \approx 14\,400$$

For logistisk vekst: $\displaystyle I'(t) = r \cdot I(t) \cdot \left(1 - \frac{I(t)}{K}\right)$
$$I'(20) = 0{,}3 \cdot 14\,400 \cdot \left(1 - \frac{14\,400}{50\,000}\right) \approx 3070 \text{ nye smitta per dag}$$

a) Frå $t = 0$: $N_0 = 100$

For å finne $k$, bruk to datapunkt. Med $t = 4$:
$$320 = 100 \cdot e^{4k}$$
$$e^{4k} = 3{,}2$$
$$4k = \ln(3{,}2) \approx 1{,}163$$
$$k \approx 0{,}29$$

Sjekk med $t = 6$:
$$N(6) = 100 \cdot e^{0{,}29 \cdot 6} = 100 \cdot e^{1{,}74} \approx 100 \cdot 5{,}7 \approx 570$$

Dette stemmer bra med målt verdi 580.

Modellen: $N(t) = 100 \cdot e^{0{,}29t}$

b) Etter 10 veker:
$$N(10) = 100 \cdot e^{0{,}29 \cdot 10} = 100 \cdot e^{2{,}9} \approx 100 \cdot 18{,}2 \approx 1820$$

a) Vi har $T_\infty = 20°C$ og $T_0 = 90°C$, så:
$$T(t) = 20 + 70 \cdot e^{-kt}$$

Med $T(10) = 70$:
$$70 = 20 + 70 \cdot e^{-10k}$$
$$50 = 70 \cdot e^{-10k}$$
$$e^{-10k} = \frac{5}{7}$$
$$-10k = \ln\left(\frac{5}{7}\right) \approx -0{,}336$$
$$k \approx 0{,}0336$$

b) Etter 30 minutt:
$$T(30) = 20 + 70 \cdot e^{-0{,}0336 \cdot 30} = 20 + 70 \cdot e^{-1{,}01}$$
$$\approx 20 + 70 \cdot 0{,}364 \approx 20 + 25{,}5 \approx 45{,}5°C$$

c) Når $T(t) = 40$:
$$40 = 20 + 70 \cdot e^{-0{,}0336t}$$
$$20 = 70 \cdot e^{-0{,}0336t}$$
$$e^{-0{,}0336t} = \frac{2}{7}$$
$$t = \frac{-\ln(2/7)}{0{,}0336} = \frac{\ln(3{,}5)}{0{,}0336} \approx 37 \text{ minutt}$$

a) Med $s(50) = 12$ m:
$$12 = k \cdot 50^2 = 2500k$$
$$k = \frac{12}{2500} = 0{,}0048$$

Modellen: $s(v) = 0{,}0048 \cdot v^2$

b) Ved 80 km/t:
$$s(80) = 0{,}0048 \cdot 80^2 = 0{,}0048 \cdot 6400 = 30{,}7 \text{ m}$$

c) Med $s(v) \leq 50$:
$$0{,}0048 \cdot v^2 \leq 50$$
$$v^2 \leq \frac{50}{0{,}0048} \approx 10\,417$$
$$v \leq \sqrt{10\,417} \approx 102 \text{ km/t}$$

a)
- Middelverdi: $\displaystyle D = \frac{0{,}5 + 3{,}5}{2} = 2$ m
- Amplitude: $\displaystyle A = \frac{3{,}5 - 0{,}5}{2} = 1{,}5$ m
- Periode: $T = 12{,}4$ timar, så $\displaystyle \omega = \frac{2\pi}{12{,}4} \approx 0{,}507$
- Høgvatn kl. 03:00, så cosinus med forskyving:

$$h(t) = 1{,}5 \cos(0{,}507(t - 3)) + 2$$

b) Lågvatn når $\cos = -1$, altså:
$$0{,}507(t - 3) = \pi$$
$$t - 3 = \frac{\pi}{0{,}507} \approx 6{,}2$$
$$t \approx 9{,}2 \text{ timar}$$

Lågvatn er ca. kl. 09:12.

c) Treng $h(t) \geq 2$:
$$1{,}5 \cos(0{,}507(t-3)) + 2 \geq 2$$
$$\cos(0{,}507(t-3)) \geq 0$$

Dette er oppfylt når argumentet er i $\displaystyle [-\frac{\pi}{2}, \frac{\pi}{2}]$:
$$-\frac{\pi}{2} \leq 0{,}507(t-3) \leq \frac{\pi}{2}$$
$$-3{,}1 \leq t - 3 \leq 3{,}1$$
$$-0{,}1 \leq t \leq 6{,}1$$

Altså frå ca. kl. 00:00 til kl. 06:00 (og tilsvarande 12,4 timar seinare).

a) Lat $t$ vere år etter 1960.

Trend: Tilnærma eksponentiell, men ofte modellert lineært for kortare periodar:
$$\text{Trend}(t) = 317 + 1{,}62t$$

(Vekst ca. $\displaystyle \frac{414-317}{60} \approx 1{,}62$ ppm/år)

Sesongvariasjon: Periode 1 år, maksimum i mai (månad 5):
$$\text{Sesong}(t) = 3\cos\left(2\pi(t - \frac{4}{12})\right)$$

Kombinert modell:
$$C(t) = 317 + 1{,}62t + 3\cos\left(2\pi\left(t - \frac{1}{3}\right)\right)$$

b) Desember 2025 svarar til $t = 65{,}92$ (65 år + 11/12):
$$C(65{,}92) = 317 + 1{,}62 \cdot 65{,}92 + 3\cos(2\pi \cdot 65{,}58)$$
$$\approx 317 + 106{,}8 + 3\cos(0{,}58 \cdot 2\pi)$$
$$\approx 423{,}8 + 3 \cdot (-0{,}95) \approx 421 \text{ ppm}$$

Modellverdiar:

$R^2 = 0{,}96$ tyder at modellen forklarer 96% av variasjonen i dataa, som er svært bra.

1. Gyldigheitsområde:
- Modellen gir rimelege verdiar for små $t$
- For store $t$ blir tala urealistisk store:
- $N(100) = 1000 \cdot e^{10} \approx 22$ millionar
- $N(200) = 1000 \cdot e^{20} \approx 485$ milliardar

2. Fysiske avgrensingar:
- Bakteriar treng næring og plass
- Avfallsstoff hopar seg opp
- Ressursar er endelege

3. Betre modell:
Logistisk vekst tek omsyn til bereevne:
$$N(t) = \frac{K}{1 + (K/N_0 - 1)e^{-rt}}$$

4. Tidsavhengigheit:
- Eksponentiell vekst gjeld berre i oppstartsfasen
- Modellen bør ha eit oppgitt gyldigheitsintervall, t.d. $0 \leq t \leq 24$ timar

Konklusjon: Modellen er nyttig for å forstå tidleg vekstdynamikk, men må erstattast med ein meir realistisk modell for langsiktige prediksjonar.